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6・8 復習問題（7）
（5）6・3・1
（6）6・3・2
（8）皮相効率 ηa＝効率×力率＝0.855×0.83＝0.71
変圧器の容量 20kVAとする。
（9）6・5・1（6）による
（10）6・5・1（8）による
7・6 復習問題（8）
（4）熱量 Q＝MCθ＝200×（42-15）＝5,400〔kcal〕
2時間13分＝2.21時間 効率85% 1kWh＝860kcal
電熱器の利用できる熱量 Q'＝860ηpt＝860×0.85×P×2.21
また Q=Q'からQ=5,400=Q'=860×0.85×2.21P
答 3〜3.5〔kW〕の電熱器必要
（5）発生有効発熱量Qkcalは消費電力P〔kW〕、通電時間t〔h〕、効率ηとすれば
Q1=860Ptη=860×P×2×0.9=1,548〔kcal〕
100  の水を5℃から55℃にあげるための熱量Q 2は Q2=100×（55-5）=5,000〔kcal〕
それ故 Q1=Q2から 1,548P=5,000
（6）15℃の水1 を15分間で95℃にする必要な熱量 Q1=1×（95-15）=80〔kcal〕
湯沸器から水にあたえる有効熱量Q2は
Q2=860Ptη
P=VI=100×6=600〔W〕=0.6〔kW〕
（9）重油の発生熱量Q1〔kcal〕は1〔kg〕で104〔kcal〕、重油の資量は（＝容量×比重）から110×0.9であるから
Q1=104×110×0.9≒9.9×105〔kcal〕
一方100〔kW〕の電熱器をt時間使用したとき発生有効熱量Q2は
熱効率 η=95〔%〕とすると
Q2=860Ptη=860×100×0.95×t
=8.27×104×t〔kcal〕
Q1=Q2から 9.9×105=8.27×104×t
8・13 復習問題（9）
（2）全消費電力 P=(20+4.5)×100=2,450〔W〕=2,450〔kW〕
力率改善のためコンデンサを並列に入れる。いま先の位相角をθ1、入れたときの位相角をθ2とすれば、ここで
（3）  （4）8・7・1（1）から F.U.N=E.A.D
（5）8・10式から
（6）8・7・1（1）式から  （7）電球からグローブ内面への光束F1は
F 1=4π×50=200π〔 m〕 グローブ面からの光束F2は
F 2=τF 1=200π×0.8=160π〔 m〕 グローブの光度
グローブの半径は10〔cm〕であるから
投影面積 S=0.12π=0.01π〔m2〕
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